전에 올렸던 피보나치 수 6, Immortal Porpoises와 거의 동일한 문제입니다.
( 백준 11524번: Immortal Porpoises , 백준 11444번: 피보나치 수 6 )
차이점으로는 modulo 값이 $ 10^{6} $ 으로 상당히 작다는 점입니다.
따라서 피사노 주기가 $ 15\times 10^{5} $ 이므로 이를 활용하여 코드를 짤 수 있습니다.
(피사노 주기란, 피보나치 수의 mod 값의 주기를 말합니다.)
먼저 정석적으로, $ O \left ( logN \right ) $ 으로 구하는 코드입니다.
#include <stdio.h>
typedef struct {
long long array[2][2];
} Matrix;
Matrix matrix_multiply_modular (Matrix A, Matrix B, int M);
Matrix matrix_power_modular (Matrix A, long long k, int M);
int main() {
Matrix Base;
Base.array[0][0] = Base.array[0][1] = Base.array[1][0] = 1, Base.array[1][1] = 0;
long long n;
scanf("%lld", &n);
Matrix Fibonacci = matrix_power_modular (Base, n, 1000000);
printf("%lld", Fibonacci.array[0][1]);
return 0;
}
Matrix matrix_multiply_modular (Matrix A, Matrix B, int M) {
Matrix result;
int i, j, k;
for (i = 0; i < 2; i++) {
for (j = 0; j < 2; j++) {
result.array[i][j] = 0;
for (k = 0; k < 2; k++) {
long long temp = (A.array[i][k] * B.array[k][j] ) % M;
result.array[i][j] = (result.array[i][j] + temp) % M;
}
}
}
return result;
}
Matrix matrix_power_modular (Matrix A, long long k, int M) {
Matrix result;
result.array[0][0] = 1, result.array[0][1] = 0, result.array[1][0] = 0, result.array[1][1] = 1;
while (k > 0) {
if (k & 1) {
result = matrix_multiply_modular (result, A, M);
}
A = matrix_multiply_modular (A, A, M);
k >>= 1;
}
return result;
}
(C11, 1116KB, 0ms, 제출번호 25804935)
그리고 피사노 주기를 이용하는 코드입니다.
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
int Fibonacci_mod_million (long long N);
int main() {
long long n;
scanf("%lld", &n);
printf("%d", Fibonacci_mod_million (n));
return 0;
}
int Fibonacci_mod_million (long long N) {
int* array = (int*)malloc(sizeof(int)*1500010);
array[0] = 0;
array[1] = 1;
int i;
for (i = 0; i <= 1500000; i++) {
array[i+2] = (array[i] + array[i+1]) % 1000000;
}
int result = array[N % 1500000];
free(array);
return result;
}
(C11, 6976KB, 12ms, 제출번호 25397267)
피사노 주기를 이용하여 풀 수 있지만
피사노 주기 자체가 생소한 소재이므로 이전에 접해보지 않았다면 그 방법으로는 풀기 어려웠을 것 같습니다.
근데 골드2는 아무리 봐도 좀 과하네요.
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